由 A 到 B 的历程中
发布时间:2019-10-03      浏览次数:

  进修必备 欢送下载 第八章 气 体 (测试时间:50 分钟 评价分值:100 分) 一、单项选择题(本大题共 6 小题,每小题 4 分,共 24 分) 1.关于气体的特点,下列说法错误的是 ( ) A.因为气体间距离较大,所以气体很容易被压缩 B.气体之所以能充满整个空间,是由于气体间彼此感化的引力和斥力十分微弱, 气体能够正在空间 C.因为气体间的距离较大,所以气体间底子不存正在 彼此感化 D.气体间除彼此碰撞外,几乎无彼此感化 解析:气体间距离大,彼此感化的引力和斥力都很微弱,很容易被压缩,能运 动,A、B 两项准确,但气体间不是没有彼此感化,C 项错误、D 项准确. 谜底:C 2.决定气体压强大小的要素,下列说法确的是( ) A.气体的体积和气体的密度 B.气体的质量和气体的品种 C.气体密度和气体的温度 D.气体质量和气体的速度 解析:决定气体压强大小的微不雅要素是稠密程度和平均动能,宏不雅上表现正在体 积和温度上. 谜底:C 3.对于必然质量的抱负气体,下列形态变化中可能的实现是( ) A.负气体体积添加而同时温度降低 B.负气体温度升高,体积不变、压强减小 C.负气体温度不变,而压强、体积同时增大 D.负气体温度升高,压强减小、体积减小 进修必备 欢送下载 解析:由抱负气体形态方程pTV=C 得 A 项中只需压强减小就有可能,故 A 项准确;而 B 项中体积不变,温度取压强应同时变大或同时变小,故 B 项错;C 项中温度不变,压强取体 pV 积成反比,故不克不及同时增大,故 C 项错误;D 项中温度升高,压强减小,体积 减小,导致 T 减小,故 D 项错误. 谜底:A 4.如图所示,必然质量的某种气体的等压线,等压线上的 a、b 两个形态比力,下列说 法准确的是( ) A .正在不异时间内撞正在单元面积上的数 b 形态较多 B.正在 不异时间内撞正在单元面积上的数 a 形态较多 C.正在不异时间内撞正在不异面积上的数两形态一样多 D.单元体积的数两形态一样多 答:B 5.如图所示,必然质量的抱负气体由形态 A 沿平行 纵轴的曲线变化到形态 B,则它的 形态变化过程是( ) A.气体的温度不变 B.气体的温度升高 C.气体的平均速度削减 D.气体正在单元时间内取器壁单元面积上碰撞的次数不变 进修必备 欢送下载 解析:从 pV 图象中的 AB 图线看,气体形态由 A 变到 B 为等容升压,按照查理定律,一 定质量的气体,当 体积不变时,压强跟热力学温度成反比,所以压强增大温度升高,A 项错 误,B 项准确.气体的温度升高,平均速度增大,C 项错误.气体压强增大,则气体分 子正在单元时间内取器壁单元面积上碰撞的次数添加,故 D 项错误. 谜底:B 6.下图中 A、B 两点代表必然质量抱负气体的两个分歧的形态,形态 A 的温度为 TA,状 态 B 的温度为 TB;由图可知( ) A.TB=2TA B.T B=4TA C.TB=6TA D.TB=8TA 解析:对于 A、B 两个形态使用抱负气体形态方程pTAVA A=pTBVB B可得:TTBA=ppBAVVBB=32× ×41=6, 即 TB=6TA,C 项准确. 谜底:C 二、双项选择题(本大题共 3 小题,每小题 6 分,共 18 分) 7.封锁正在气缸内必然质量的抱负气体,若是连结体积不变,当温度升高时,以下说法 准确的是 ( ) A.气体的密度增大 B.气体的压强增大 C.气体的平均动能减小 D.每秒撞击单元面积器壁的气体数增加 解析:由抱负气体形态方程pTV=C 可知,当体积不变时,pT=C,T 升高时,压强增大,B 项准确,因为质量不变,体积不变,密度不变,而温度升高,的平均动能添加,所 进修必备 欢送下载 以单元时间内气体对容器壁碰撞次数增加,D 项准确,A、C 两项错误. 谜底:BD 8.开尔文使用合理外推的方式,成立起热力学温标,所操纵的实 验现实是必然质量的 气体( ) A.压强不变,体积取摄氏温度成反比 B.体积不变,压强取摄氏温度成反比 C.温度不变,压强取体积成反比 D.体积不变,压 强取摄氏温度呈线性关系 解析:开尔文所操纵的尝试现实是气体体积不变时,压强取摄氏温度成线性关系,pT 图象不外原点,开尔文使用合理外推,将 P 轴平移到-273.15 ℃,新坐标原点代表的温度 做为热力学温度 T 的零度,压强 P 取 T 成反比.故选 D 项 . 谜底:BD 9.必然质量的抱负气体履历了如图所示的一系列过程,ab、bc、cd、 da 这四个过程, 正在 PT 图上都曲直线段.此中 bc 耽误线通过坐标原点 O,cd 垂曲于 ab 且取程度轴平行,而 bc 平行于 da.由图能够判断( ) A.ab 段中气体体积不竭增大 B.bc 段中气体体积不变 C.cd 段中气体体积不竭增大 D.da 段中气体体积不竭减小 解析:从图象 进修必备 欢送下载 晓得 ab 过程中,温度不变,压强减小,按照气体形态方程pTV=C,所以体积不竭添加, 故 A 项准确.因为 bc 的耽误线通过原点,按照气体形态方程pTV=C,所以从 pT 图象晓得 bc 过程中,体积连结不变,故 B 项准确.从 pT 图象晓得 cd 过程中,温度减小,压强不变,根 据气体形态方程pTV=C,所以体积不竭减小,故 C 项错误.毗连 Od,Oa,则 Oa、Od 都是定 质量抱负气体的等容线,按照气体形态方程pTV=C 得:pT=CV,根据 pT 图中等容线的特点(斜 率越大,气体体积越小),比力 Od,Oa 图线的斜率即可得出 V aVd,所以 da 过程中体积增大.故 D 项错误.故选 A、B 两项准确. 谜底:AB 三、非选择题(本大题共 3 小题,共 58 分) 10.(1)(10 分)如下图,上端启齿的圆柱形气缸竖曲放置,截面积为 5×10-3 m2,必然 质量的气体被质量为 2.0 kg 的滑腻活塞封锁正在气缸内,其压强为____________Pa(大气压强 取 1.01×105 Pa,g 取 10 m/s2).若从初温 27 ℃起头加热气体,使活塞离气缸底部的高度 由 0.5 m 迟缓变为 0.51 m,则此时气体的温度为________℃. (2 )(10 分)必然质量的抱负气体形态变化如下图所示,正在从 A 到 B 的过程中,气体温度 的变化环境是__________________;若 TA=27 ℃,则该过程中最高温度为______℃. 进修必备 欢送下载 解析:(1)p=p0+mSg=1.41×105 Pa 按照盖·吕萨克定律:VT11=VT22, 得:T2=VV21T1=00..551××SS×(273+27)K=306 K, 由 T2=t2+273 得 t2=T2-273=(306-273)℃=33 ℃ (2)由图看出:气体正在 A、B 两个形态的 pV 相等,按照抱负气体形态方程 pTV=C 得知,A、 B 两个形态温度相等.因为 T 取 pV 成反比,由 A 到 B 的过程中,pV 先增大后减小,则温度 先升高后降低.该过程中,pV 的最大值为(pV)m=1.5×3=4.5(atm·L)按照:pTAVA A= pV Tm m 代入解得,该过程中最高温度为 Tm=337.5 K,则最高摄氏温度为:tmax=(337.5-273)℃= 64.5 ℃ 谜底:(1)1.41×105 33 (2)温度先升高后降低 64.5 11.(19 分)(2014·海南卷)一竖曲放置、缸壁滑腻且导热的柱形气缸内盛有必然量的 氮气,被活塞分隔成Ⅰ、Ⅱ两部门;达到均衡时,这两 部门气体的体积相等,上部气体的 压强为 p10,如图 a 所示,若将气缸迟缓倒置,再次达到均衡时,上下两部门气体的体积之 比为 3∶1,如图 b 所示.设温度不变,已知活塞面积为 S,沉力加快度大小为 g,求活 塞的质量. 解析:设活塞的质量为 m,气缸倒置前下部气体的压强为 p20,倒置后上下气体的压强分 别为 p2、p1,由力的均衡前提有: 进修必备 欢送下载 p20=p10+mSg; p1=p2+mSg 倒置过程中,两部门气体均履历等温过程,设气体的总体积为 V0,由玻意耳定律得 p10V20=p1V40; p20V20=p2V40 解得:m=4p51g0S 谜底:4p51g0S 12.(19 分)(2014·新课标全国卷 I)必然质量的抱负气体被活塞封锁正在竖曲放置的圆柱 形气缸内,汽缸壁导热优良,活塞可沿气缸壁无摩擦地滑动.起头时气体压强为 p,活塞下 概况相对于气缸底部的高度为 h,温度为 T0.现取质量为 m 的沙子迟缓地倒正在活塞的上 概况,沙子倒完时,活塞下降了h4,若此后的温度变为 T,求从头达到均衡后气体的体 积.已知大气的压强一直连结不变,沉力加快度大小为 g. 解析:设气缸的横截面积为 S,沙子倒正在活塞上后,对气体发生的压强为 Δ p, 由玻意耳定律得:phS=(p+Δ p)???h-14h???S① 解得:Δ p=13p② 的温度变为 T 后,设活塞距底面的高度为 h′.按照盖·吕萨克定律, 得:???h-T140 h???S=h′T S③ 解得:h′=43TT0④ 据题意可得:Δ p=mSg⑤ 气体最初的体积为:V=Sh′⑥ 联立②④⑤⑥式得:V=94mpgTh0T⑦ 9mghT 谜底: 4pT0

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